首先分类讨论。

如果 $k=0$ ，枚举每个第一类好数，找到第一个 $\leq x$ 的God数。

如果 $k=1$ ，注意这 $t−1$ 个数不一定连续（其实只要明白这一点就可以了），只需要枚举与其他不同的那个数位的位置，并枚举与其他不同的那个数位的数字与其他的数位的数字，并不断更新答案，就能得到解（说白了就是枚举每个第二类God数）。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;//代码里用A代表与其他不同的那个数位，X代表除A外其他的数位
int ws(long long x){//求x的位数
	int k=0;
	for(;x;x/=10)k++;
	return k;
}
int main(){
	int k,t;long long x;bool flag;//定义变量（不开long long见祖宗）
	cin>>x>>k;t=ws(x);//下面是重点
	if(k==0){//分类讨论1
		for(int X=1;X<=9;X++){//枚举X
			long long now=0;//now代表当前正在枚举的好数 
			for(int i=1;i<=t;i++)now=now*10+X;//求出这个好数
			if(now>=x){//如果好数不小于输入的数
				cout<<now;
				return 0;//输出并结束
			}
		}
	}else{//分类讨论2
		long long ans=1e17;//ans代表所有now中的最优解（由于要求min请开1e17） 
		for(int X=0;X<=9;X++)
			for(int A=0;A<=9;A++)
				for(int k=1;k<=t;k++){
					if(X==0&&k!=1)continue;
					if(A==0&&k==1)continue;//排除有前导0的数
					long long now=0;//now代表当前正在枚举的好数
					for(int i=1;i<k;i++)now=now*10+X;//加上A的位置的前面的数位 
					now=now*10+A;//加上A的数位 
					for(int i=k+1;i<=t;i++)now=now*10+X;//加上A的位置的后面的数位
					if(now>=x)ans=min(ans,now);//计算最优解 
				}
		cout<<ans;
		return 0;//输出并结束
	}
}